7 w# X- g! `3 W2 u( Z& A2021 秋招时间线如下,建一个求职免费咨询群,群内将有FLAG 面试官就秋招趋势/如何准备等问题亲自答疑 " M/ H$ d {$ _, l* i( _
2 n4 h8 _, N8 J
; O8 X* x8 I6 R, F- _5 k( @! E2 T: f+ S" t. R; Q
No.1 找出所有子集的异或总和再求和 解题思路 通过二进制位枚举一个集合的所有子集。 代码展示 - class Solution {# e; B5 Z2 k& D! _4 x
- public int subsetXORSum(int[] nums) {! A2 Z& R% H7 o; A6 l
- int n = nums.length;2 @* h( a8 n/ d2 h3 G E
- int sum = 0;
5 Y# r9 H! }# Z. m$ r% j% @) r - for (int i = 0; i < (1 << n); i++) {# o+ Z. ]: Y/ L+ D: N% O( m
- int xor = 0;& K' q, q/ i+ M+ a, E) |
- for (int j = 0; j < n; j++) {4 M9 e H0 G, a3 K
- if (((1 << j) & i) > 0) {
2 b' B! |7 H" ~+ {* ~3 e, k - xor ^= nums[j];# U+ n; s( {4 Z0 X) {
- }& N C2 o0 r$ B: ]5 t* O
- }. \. L R& H; \
- sum += xor;* A% C5 c7 Q* T3 j
- }3 `# I- F. o) s. d) l+ T+ G* E
- return sum;6 i0 Q: C1 Z7 F2 h5 W( k$ @* d& [5 I
- }
; [' V3 }( Y1 Z- v8 N T! F - }
复制代码No.2 构成交替字符串需要的最小交换次数 解题思路 如果 0 和 1 相差的数量超过 1 则直接返回 -1 如果 0 和 1 一样多,那么最终结果有两种情况,反之最终结果是唯一的。只需要统计出多少个数字位置不对即可,因为每次交换都可以减少 2 个位置不对的数字的数量。 代码展示 - class Solution {: S+ [% O% x& s7 r. D6 p
- public int minSwaps(String s) {
# L8 j) n& {# N. F. M - char[] str = s.toCharArray();
M2 s9 o9 P% T( h - int cnt = 0;: u- u" g+ G' s$ e, d1 M
- for (int i = 0; i < str.length; i++) {% I N) a9 i+ A+ d$ F
- if (str[i] == '0') {
% B2 e8 q$ d$ j, x$ z% l5 Y$ U/ ] - cnt++;
2 v! [/ G' N! R& S8 s8 K6 t - } else {
/ q3 P) A5 W( }* W. ~ R: h - cnt--;
. i5 C6 W2 @0 {: u) S9 Z6 |9 i - }6 n* S" N6 r6 S- y4 s7 ]( \
- } u4 ?2 \2 Q7 [/ Q) I
- if (cnt > 1 || cnt < -1) {0 I! g) \4 x/ T' D9 B! s2 ?
- return -1;
4 |: [- p# \) l* s( E - }4 V# e2 K: t6 d* {" U
- if (cnt == 0) {: w# G5 P" K& B- [8 F4 a
- return Math.min(minSwaps(str, 0), minSwaps(str, 1));
! N! A$ ^8 _% b7 n# }9 [( R- B% m3 n - }
! x" x* o4 T" {# S' s - if (cnt == 1) {
; n. J9 C6 H8 [1 U - return minSwaps(str, 0);
- S! Y2 J" P; F: D - }
# \2 \; q+ r( \& P) O - return minSwaps(str, 1);
7 ~# v4 L r" v. n4 n9 o9 ~" g - }
$ S* \ g% X7 w2 q5 j' ?( c/ c* y
0 L/ J8 d( t" c# x- int minSwaps(char[] str, int start) {
3 F, g3 M, ~1 u& ^9 z: ~ - int cnt = 0;+ h7 U# Z) Q( [/ h+ V( ~
- for (int i = 0; i < str.length; i++) {
0 i2 n) ]& I7 x: W: N8 `! r' O0 m - if (str[i] != '0' + start) {
' a2 Z$ t5 k0 D5 g - cnt++;9 W, J* s9 c; d! e6 i8 t
- }& g$ \4 i' y0 y4 n) S) x, d# N) _
- start ^= 1;
4 y% z3 [: S/ e$ Q8 K7 G. N - }
, R, X$ B* z& @3 P - return cnt / 2;
- Q" b8 U8 u0 f% T' m+ D - }
0 l# y8 F+ H: y - }
复制代码No.3 找出和为指定值的下标对 解题思路 根据数据范围,使用 Map 维护 nums2 中各个数值的数量,每次统计时枚举 nums1 即可。 代码展示 - class FindSumPairs {
U+ H4 z& Q2 O- q& I( ~: e; N - 9 o% a* |$ c1 l, k$ _5 z- d: t
- Map<Integer, Integer> count2;: ?0 ]' e: B. ]% R; F
- int[] nums1;% ?5 Y6 Q* f- ?- V! L& z
- int[] nums2;
4 `8 D# y3 M* N( m: v; E1 ?- j# A - & y2 G# g! ^, t; n! D* f" Q5 o# Y
- public FindSumPairs(int[] nums1, int[] nums2) {( f3 P% u3 M( k
- count2 = new HashMap<>();; T d; G# ^1 U
- this.nums1 = nums1;# A& f+ f$ A; m1 R4 y, N$ S+ X% u/ a `
- this.nums2 = nums2;
0 Y* Y' C8 L# I; C) N+ _) z9 a - for (int num : nums2) {
% b4 G5 C. E- ?- |) z - count2.put(num, count2.getOrDefault(num, 0) + 1);! m/ T# k9 @9 Y
- }. U& |1 \/ a$ d& }3 H- Y+ E1 J
- }
4 M4 m8 @, I; L1 D2 C
: t( T, Z7 m/ ~: i; L& c4 _6 O- m- public void add(int index, int val) {
% G4 G( q8 _. ~% Z4 ?* G - count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) - 1);
9 z4 |) p# Y% B0 B- g - nums2[index] += val;/ v' W+ i2 a |- f. @6 b( G6 ]
- count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) + 1);
% Z! `+ y8 G2 a1 d - }
$ B l& R9 C/ c, S1 w4 \% \5 R+ P$ Q
& J; Z! |. c/ Q% Y, l7 O) l9 _- public int count(int tot) {/ \ V, B( W! D# |
- int res = 0;
7 e, k. r* ]$ Z D+ L$ a# D - for (int num : nums1) {; T7 @4 F0 O1 _$ m" H
- res += count2.getOrDefault(tot - num, 0);
$ w7 ^; d& |4 l% H0 p - }4 ?" @7 L, X" J7 V8 ? a! Q
- return res;: H# s, h. b/ H t( c
- }1 a/ q; n/ e: T$ {$ |: z
- }
复制代码No.4 恰有 K 根木棍可以看到的排列数目 解题思路 动态规划,dp[n][k] = dp[n-1][k-1]*(n-1) + dp[n-1][k] 思考过程就是从高到低依次放木板。 代码展示 - class Solution {5 D' `, I; H4 q% a+ c
- public int rearrangeSticks(int n, int k) {
1 l, }% c7 M5 i- ?% L: Y - long[][] dp = new long[2000][2000];
5 k+ n2 M u2 j' a# t - long mod = 1000000007;8 l( p* D4 j% B# i0 {
- dp[1][1] = 1;
0 }% |5 l: ~" ? - for (int i = 2; i <= n; i++) {/ w3 o$ E9 u: b. S; s5 N. a
- for (int j = 1; j <= i; j++) {2 J1 W4 V! K; B( f* A
- dp[i][j] = (dp[i - 1][j] * (i - 1) + dp[i - 1][j - 1]) % mod;! w" Q8 e; F; p# ?$ B, O. k
- }
, o4 `& s: j, V" ]* C - }
3 o4 u: v" {2 ^; B* Y - return (int) dp[n][k];4 m7 h1 N0 z4 ?$ D! [ O
- }
' ]; q# W" B0 L/ ?) U9 K0 n) s - }
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1 F5 j6 v5 T' F1 Z) o# G
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