" F: q* W- l2 _9 S/ z! I2021 秋招时间线如下,建一个求职免费咨询群,群内将有FLAG 面试官就秋招趋势/如何准备等问题亲自答疑 - b( G2 p/ B. J8 x1 J7 @! d1 n- W
- g7 X, v# L9 d5 C j3 R
1 @ a& l; ~; Y+ R
* Y( ]4 Z8 k3 k: I' h' Q* T% z. d+ a; I& {
No.1 找出所有子集的异或总和再求和 解题思路 通过二进制位枚举一个集合的所有子集。 代码展示 - class Solution {
2 C+ _5 V4 \. n7 q4 s - public int subsetXORSum(int[] nums) {
7 w0 b' ?" ]7 |! S" w2 L - int n = nums.length;
, S7 c$ P5 N1 }6 a: N& k; w - int sum = 0;
3 k+ H; K- I$ `2 n* Y5 e2 } - for (int i = 0; i < (1 << n); i++) {
- S: H$ P% T1 M( c. r: ~# F: k, D - int xor = 0;
K( k4 }7 Q3 |- v6 O M - for (int j = 0; j < n; j++) {
* P3 H/ F# i9 R/ Y. c1 v - if (((1 << j) & i) > 0) {
" {- L5 X7 u0 J, C/ e! W - xor ^= nums[j];
) o: D: a* q2 L7 c# w5 ^3 z - }
& Y: g1 H; Y* H, e. v - }
# ^2 `8 p6 i4 _# @" q+ k& R - sum += xor;
4 Y# J% f6 B6 ]; x: B+ S - }
0 H& F1 F6 Y! x6 [8 U3 I: ?; ? - return sum;1 z( z* q$ A+ b* N/ l5 N+ i
- }; i3 l) u( T+ A* g3 U
- }
复制代码No.2 构成交替字符串需要的最小交换次数 解题思路 如果 0 和 1 相差的数量超过 1 则直接返回 -1 如果 0 和 1 一样多,那么最终结果有两种情况,反之最终结果是唯一的。只需要统计出多少个数字位置不对即可,因为每次交换都可以减少 2 个位置不对的数字的数量。 代码展示 - class Solution {
4 R% X% s8 j: L. i# O - public int minSwaps(String s) {5 o% Y# g" e# w* Z0 i- T
- char[] str = s.toCharArray();( ]9 G; `6 s6 X; W0 R
- int cnt = 0;" T! P6 x0 T4 U. E- x. ^4 C: W9 W
- for (int i = 0; i < str.length; i++) {9 Z5 i T; J* s
- if (str[i] == '0') {
, `" p. c- f6 M+ Z) |* Z0 f - cnt++;
! x4 }) N2 Y& G4 m; |2 D3 h8 m - } else {
- e \2 X9 e& u$ b - cnt--;* F6 O4 @* {2 C5 Q k5 I
- }( o8 z; \+ G r7 c
- }
- Q- n8 A3 E- |% t1 e9 a; E - if (cnt > 1 || cnt < -1) {
) q( w& k: ^0 p j1 k6 e0 k5 Q0 j2 H - return -1;
7 q. X5 ?* P8 e% N" J - }
3 D6 O' U' _: B0 k9 M3 _ - if (cnt == 0) {9 ]+ V) a2 G' X7 z/ a
- return Math.min(minSwaps(str, 0), minSwaps(str, 1));' x+ c* q% ]- \4 d0 `
- }; |8 p8 f2 `$ }7 U0 d% B
- if (cnt == 1) {
% T+ A8 K/ y" k* [: J) x/ ^5 y - return minSwaps(str, 0);
: g0 f1 ]) {: l - }
: U+ z. l! h; D+ b8 R0 \/ r) B - return minSwaps(str, 1);
1 Z& P9 t9 t' |$ u+ Y - }0 y( B9 t. E5 \
7 u1 u: N& H. N( ^& k8 H- int minSwaps(char[] str, int start) {
. p, P6 Q( Q/ e! q( e& Z - int cnt = 0;( g1 W: k2 `2 T: l! B& r+ V$ U- H3 B
- for (int i = 0; i < str.length; i++) {
$ v# i$ `& {( U. b2 U- a( C; |. T - if (str[i] != '0' + start) {
9 b7 C9 S6 X+ D - cnt++;
9 D ^8 d; E6 ^ - }
7 p: x' w$ |, Q, A* f - start ^= 1;
2 a6 Y0 g2 v" H. Q L9 [( X - }
$ u! m1 {! C% \8 g3 Z - return cnt / 2;8 E- _- r8 B% C3 D4 c( Y
- }
( x' O/ S8 V' l3 g - }
复制代码No.3 找出和为指定值的下标对 解题思路 根据数据范围,使用 Map 维护 nums2 中各个数值的数量,每次统计时枚举 nums1 即可。 代码展示 - class FindSumPairs {4 l: V# X, h6 n o" {
/ B% {* s! v6 V$ x6 k0 p- Map<Integer, Integer> count2;$ g# e, N. S+ P4 ? d
- int[] nums1;
2 I: [4 F6 W( W6 [+ U! B" ~ - int[] nums2;
8 Y1 J& [/ ?; `2 Q* y2 \% b; H
) m) j* ^2 X3 `) B: x- public FindSumPairs(int[] nums1, int[] nums2) {3 [% a+ u0 j, h) z/ A' }* t, [
- count2 = new HashMap<>();" W' B) t9 v6 o3 m* v+ J
- this.nums1 = nums1;, y; c; k0 |( y* W: N2 C
- this.nums2 = nums2;# z4 C$ q( s6 g* @+ C8 T! Y6 k
- for (int num : nums2) {
/ G' e" s B3 M( k$ @3 ^ - count2.put(num, count2.getOrDefault(num, 0) + 1);. n' t! h. s+ r7 d
- }
R- a& T( [. @$ [3 I - }3 |) o: V. ~7 N0 R
- 5 s" B) h Q8 F3 m! B C: X+ t
- public void add(int index, int val) {
0 v# A. B) P2 B7 g, u3 ^ e- C - count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) - 1);
8 K; t# W2 l- _9 P - nums2[index] += val;4 N; |2 N8 k3 n {: i( Y& e' F
- count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) + 1);5 C4 k! ?1 y4 H7 o8 o* `& I7 p4 }
- }
- X. F% G7 g8 o8 A& t
+ j( v* H6 M9 a# C" D- public int count(int tot) {; ^2 R. l J7 ~0 C$ {
- int res = 0;
+ Y" r, R. y- y( Q! }( ` - for (int num : nums1) {/ L- u/ E& S& p4 z7 L2 C8 m
- res += count2.getOrDefault(tot - num, 0);
+ Z/ b* \3 w. A6 \1 ?0 K* C* Z - }
/ Y6 K& _. g) ]( m) O8 U - return res;
/ k( j1 S @0 I7 M0 U- Q - }2 h3 w; ~6 D% f; J q
- }
复制代码No.4 恰有 K 根木棍可以看到的排列数目 解题思路 动态规划,dp[n][k] = dp[n-1][k-1]*(n-1) + dp[n-1][k] 思考过程就是从高到低依次放木板。 代码展示 - class Solution {3 N$ j1 ~5 w; o) n& k: p
- public int rearrangeSticks(int n, int k) {5 C4 h$ }! I# d9 h" P
- long[][] dp = new long[2000][2000];
3 }- Q8 A" P. L* @ - long mod = 1000000007;
% O6 G7 a7 |7 X; I - dp[1][1] = 1;
. H d! S1 x8 T; y - for (int i = 2; i <= n; i++) {6 D3 h$ x, K* `4 Z* M4 J9 @# S
- for (int j = 1; j <= i; j++) {
, f/ E2 ~( r. y0 U" y- L" P+ |/ G - dp[i][j] = (dp[i - 1][j] * (i - 1) + dp[i - 1][j - 1]) % mod;
9 Z8 Y0 X. S( N# ~ - }
- I6 C( q; ^9 W4 g$ p5 y - }
8 G" T! c, k, q; u) [8 Q; ?, n" K - return (int) dp[n][k];
& [& ?9 f- r" C) h1 o - }
9 R' T0 d; f8 Y6 X2 F% O - }
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