上岸算法 I LeetCode Weekly Contest 241解题报告【含秋招咨询群】

2021 秋招时间线如下，建一个求职免费咨询群，群内将有FLAG 面试官就秋招趋势/如何准备等问题亲自答疑

4 E. F; J8 j& A' ^4 j  t4 @! j

No.1 找出所有子集的异或总和再求和

解题思路

通过二进制位枚举一个集合的所有子集。

代码展示

1. class Solution {
   2 J. l/ Y, {6 M7 k, ^
2.     public int subsetXORSum(int[] nums) {
   
3.         int n = nums.length;
   ! t5 k6 i& Y. {. z1 Y0 D0 _
4.         int sum = 0;
   
5.         for (int i = 0; i < (1 << n); i++) {
   
6.             int xor = 0;
   
7.             for (int j = 0; j < n; j++) {
   " |2 y5 N% o( f. Y% n6 |- ~
8.                 if (((1 << j) & i) > 0) {
   
9.                     xor ^= nums[j];
   
10.                 }
    
11.             }
    & r' Z/ v8 \2 q
12.             sum += xor;
    ; @( ^" I8 D; f" e9 [
13.         }
    : D; `+ a9 p: _# o- ]% o# N0 W
14.         return sum;
    
15.     }
    
16. }

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No.2 构成交替字符串需要的最小交换次数

解题思路

如果 0 和 1 相差的数量超过 1 则直接返回 -1

如果 0 和 1 一样多，那么最终结果有两种情况，反之最终结果是唯一的。只需要统计出多少个数字位置不对即可，因为每次交换都可以减少 2 个位置不对的数字的数量。

代码展示

1. class Solution {
   : [- [' t  e+ G# w' r
2.     public int minSwaps(String s) {
   
3.         char[] str = s.toCharArray();
   
4.         int cnt = 0;
   
5.         for (int i = 0; i < str.length; i++) {
   
6.             if (str[i] == '0') {
   
7.                 cnt++;
   5 p) o8 b4 A& {& O) T( p8 G) k, a
8.             } else {
   
9.                 cnt--;
     A& m: j; o7 s; N" @+ U/ ~4 K
10.             }
    
11.         }
    
12.         if (cnt > 1 || cnt < -1) {
    # D) W. o: R& a. U+ a* o, K
13.             return -1;
    
14.         }
    
15.         if (cnt == 0) {
    
16.             return Math.min(minSwaps(str, 0), minSwaps(str, 1));
    
17.         }
    
18.         if (cnt == 1) {
    
19.             return minSwaps(str, 0);
    * {# E- N* ]9 y) ]( r+ t
20.         }
    
21.         return minSwaps(str, 1);
    
22.     }
    
23. 
    
24.     int minSwaps(char[] str, int start) {
    
25.         int cnt = 0;
    + e3 O6 P: F- M  V/ H- g% q
26.         for (int i = 0; i < str.length; i++) {
    1 s, |+ ~% f3 |' ]& w8 _' C3 ~# g+ n
27.             if (str[i] != '0' + start) {
    7 S# }2 A8 M& j  q8 W! c5 P
28.                 cnt++;
    ' k1 D7 X; n1 @
29.             }
    , _4 \( J2 y( s$ `8 `
30.             start ^= 1;
    $ J% n& s! m4 M0 P; t
31.         }
    ; Y6 z, Q9 R  S
32.         return cnt / 2;
    
33.     }
    $ ?6 Q: }* G; |$ q
34. }

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No.3 找出和为指定值的下标对

解题思路

根据数据范围，使用 Map 维护 nums2 中各个数值的数量，每次统计时枚举 nums1 即可。

代码展示

1. class FindSumPairs {
     S9 t: p: X* D, J: G- X: ^; W# ]& \6 G
2. 
   
3.     Map<Integer, Integer> count2;
   1 k4 m$ M+ T' d0 b6 l6 @
4.     int[] nums1;
   
5.     int[] nums2;
   1 ?; f5 b9 q9 L% [
6. 
   
7.     public FindSumPairs(int[] nums1, int[] nums2) {
   . n8 k  ~7 a+ F/ P: Z. Z! B
8.         count2 = new HashMap<>();
   % Y5 z/ Z7 Q3 f; H
9.         this.nums1 = nums1;
   5 H* k; K/ A8 |2 w( E. r" v
10.         this.nums2 = nums2;
    , `- A( ]' Q7 G+ E0 i
11.         for (int num : nums2) {
    ( c0 U$ [3 N0 W5 E# |* z* _
12.             count2.put(num, count2.getOrDefault(num, 0) + 1);
    
13.         }
    # h9 R/ j& m4 C. d
14.     }
    & r( \1 Z/ D+ {; H7 |
15. 
    2 u/ o; r( J! u: ?0 T4 G
16.     public void add(int index, int val) {
    / j( Q" Z# k: n; C9 C( n
17.         count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) - 1);
    ; W" u4 O0 a8 U( {0 G* l
18.         nums2[index] += val;
    % b) v( r: n  ~. y
19.         count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) + 1);
    
20.     }
    - q1 b- p8 O8 f7 U9 Q0 T
21. 
    . {7 l) l) b1 c0 w
22.     public int count(int tot) {
    
23.         int res = 0;
    ) |- E4 r" |% e7 e! h1 h
24.         for (int num : nums1) {
    ' r3 P% h! C& \% {9 h2 W
25.             res += count2.getOrDefault(tot - num, 0);
    
26.         }
    4 U& O$ H/ J, C, I* W
27.         return res;
    
28.     }
    4 [' F8 b# ?, P% M1 `
29. }

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No.4 恰有 K 根木棍可以看到的排列数目

解题思路

动态规划，dp[n][k] = dp[n-1][k-1]*(n-1) + dp[n-1][k]

思考过程就是从高到低依次放木板。

代码展示

1. class Solution {
   
2.     public int rearrangeSticks(int n, int k) {
   ) |6 q  T# p1 F- C3 m
3.         long[][] dp = new long[2000][2000];
   
4.         long mod = 1000000007;
   : p0 s4 B: U* y1 m+ m- w2 R0 b
5.         dp[1][1] = 1;
   
6.         for (int i = 2; i <= n; i++) {
   3 X+ M. g* x) i4 L  U
7.             for (int j = 1; j <= i; j++) {
   
8.                 dp[i][j] = (dp[i - 1][j] * (i - 1) + dp[i - 1][j - 1]) % mod;
   ; ?7 ]; `' C- a" {# ]$ U
9.             }
   
10.         }
    5 Q8 z6 |2 {) K  X" Q* f
11.         return (int) dp[n][k];
    
12.     }
    6 R9 g: r  d$ J) h, a+ L3 @
13. }

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