4 X2 D& b; q8 f5 k& T2021 秋招时间线如下,建一个求职免费咨询群,群内将有FLAG 面试官就秋招趋势/如何准备等问题亲自答疑 # i0 K! B( a: `* a# A
& b! ]2 O% a9 G! K$ A+ J4 ?
4 h( ?6 l6 b4 M5 I
% |0 m0 f. `7 t" N+ D/ oNo.1 找出所有子集的异或总和再求和 解题思路 通过二进制位枚举一个集合的所有子集。 代码展示 - class Solution {
4 o& ?2 N9 b( D* k: m, m - public int subsetXORSum(int[] nums) {' Z/ `9 n: F7 J2 w
- int n = nums.length;3 n$ Z% B& O3 W8 @3 l2 o
- int sum = 0;
3 Q" s2 g7 [& |4 Y - for (int i = 0; i < (1 << n); i++) {7 R- p5 v& U9 J
- int xor = 0;1 D/ ]. @0 C+ ^* Q' N, l
- for (int j = 0; j < n; j++) {' W0 Q1 B! k- [
- if (((1 << j) & i) > 0) {
6 O4 h* ]; R! a4 A6 q& `, `( c+ ~ - xor ^= nums[j];. n" k! G6 E5 R
- }
" ?$ o1 D9 b. r - }6 W; {( j1 n) m0 G" t: M
- sum += xor;
C7 B. ` |% g K. h+ W# d" U* C; t - }8 K6 @8 ?/ v2 Q' G9 l$ Y; x8 Z
- return sum;0 D( W D) B; H L
- }
" q. f9 U- x+ Q s - }
复制代码No.2 构成交替字符串需要的最小交换次数 解题思路 如果 0 和 1 相差的数量超过 1 则直接返回 -1 如果 0 和 1 一样多,那么最终结果有两种情况,反之最终结果是唯一的。只需要统计出多少个数字位置不对即可,因为每次交换都可以减少 2 个位置不对的数字的数量。 代码展示 - class Solution {
0 x1 v3 w3 s0 i6 t9 q$ l% P8 i - public int minSwaps(String s) {
- q& V5 ~% L' J+ { - char[] str = s.toCharArray();
. ^6 V/ l5 ~# z& h& w* U7 }! [+ h# F - int cnt = 0;
) o2 x$ G1 t* G0 W; { - for (int i = 0; i < str.length; i++) {, @' D) B8 h4 V, k1 c) T5 R
- if (str[i] == '0') {
' c3 T6 }% j. n, S$ H - cnt++;. \0 o. C; c- S$ T. p# W5 K( K
- } else {
0 [! F* ^+ k* n* L" {( b }: S - cnt--;7 S/ Z. ^% g" ^6 }/ h; O; _/ R, s
- }' m+ i! @' T8 A8 O* K v) U) |: N
- }; a' V) D0 y4 U
- if (cnt > 1 || cnt < -1) {, e, I8 Y N3 Q! [
- return -1;
I: G1 Y3 @$ T - }; |# L! K7 _! ]! C
- if (cnt == 0) {
! f2 | u9 d! D4 Y S - return Math.min(minSwaps(str, 0), minSwaps(str, 1));) l5 }9 p0 [' S4 C, }7 G
- }
) h' C; p# @. L" X8 t - if (cnt == 1) {: ]' r3 } q4 |* s( A( ~; T$ g
- return minSwaps(str, 0);( J; W% ~' _5 K; f& N% B
- }
2 s2 X' C1 M9 A% d0 i - return minSwaps(str, 1);2 }' x4 p% j, b$ z) t6 O
- }2 g1 F0 h" D2 F1 R2 D
; n* q, I! |& {- int minSwaps(char[] str, int start) { Y2 E6 a: j4 q
- int cnt = 0;
" T6 Y- `: o. S( {) J% t1 T - for (int i = 0; i < str.length; i++) {0 R0 r$ o; Y; ]2 f- w
- if (str[i] != '0' + start) { ?* q9 P, M3 D5 S" e' I
- cnt++;
" r) w$ I6 d$ c& t, [ - }. ~- F0 {3 X! e# W6 l8 J7 ~! ~
- start ^= 1;
8 E4 Z5 h4 c. V5 [9 l6 Z* a - }5 n- U( P4 v9 B9 d0 _# @, n
- return cnt / 2;8 T. R3 l. S* l- i: y$ W
- }
! [) A$ J4 E* w; N& V' t3 } - }
复制代码No.3 找出和为指定值的下标对 解题思路 根据数据范围,使用 Map 维护 nums2 中各个数值的数量,每次统计时枚举 nums1 即可。 代码展示 - class FindSumPairs {
2 }. h* N9 H, Y% S+ _0 E0 B# z; Y - 6 w4 E& [: s3 b; T* n( P& x
- Map<Integer, Integer> count2;# s' P/ d- D1 t; F+ c/ u
- int[] nums1;
8 _6 D0 D- V; ?' _7 ~/ [+ j - int[] nums2;
) K8 k9 H% i7 q - 5 _9 \/ Q$ r. w1 O* q( z. L
- public FindSumPairs(int[] nums1, int[] nums2) {: c. t# j& i/ h9 K/ T
- count2 = new HashMap<>();
; W: F0 f/ o( ^" Q; p - this.nums1 = nums1;2 W" B+ j9 i" ?. Y& \
- this.nums2 = nums2;
5 d' V9 E5 c5 y* l' J* q0 X. h - for (int num : nums2) {2 | [8 y, d) F; x) E
- count2.put(num, count2.getOrDefault(num, 0) + 1);
# |1 G3 P8 F3 _* C# e - }
u4 C$ U N% Z1 g7 {" I - }
7 t# ]: I( q7 W4 F
/ G" k* Z* @+ Q& ^. M- public void add(int index, int val) {
4 n# |; I n) o7 Q' _& Y - count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) - 1);
: N* f! d+ }1 @ - nums2[index] += val;: [- U, }- {1 ?4 ?( H; u
- count2.put(nums2[index], count2.getOrDefault(nums2[index], 0) + 1);# l$ N9 q5 |6 S- {( L- A6 O( @
- }* l0 _% v* E$ C2 U$ n- m* }: |
% H3 R% Z8 C3 X) g/ R! _2 F- public int count(int tot) {( b- F/ a8 g0 R
- int res = 0;2 l0 K( v7 a4 ?6 a! @5 {; |
- for (int num : nums1) {
0 R- Q) T4 |- w0 R" Q - res += count2.getOrDefault(tot - num, 0);! V v6 k' m. ^" y, k( S1 [
- }
" R! f+ @; Z6 F% u0 w+ v - return res;4 {; d. N, ~ o k0 u9 d$ E; r
- }
9 _- a$ ]' W+ i7 N - }
复制代码No.4 恰有 K 根木棍可以看到的排列数目 解题思路 动态规划,dp[n][k] = dp[n-1][k-1]*(n-1) + dp[n-1][k] 思考过程就是从高到低依次放木板。 代码展示 - class Solution { g: P* ?. e. E6 Z3 O6 g Y
- public int rearrangeSticks(int n, int k) {
4 U# h/ E! S: a# D - long[][] dp = new long[2000][2000];
) r- ]' J) B, o0 h - long mod = 1000000007;* o* Q( v; C4 L: Y7 F) t
- dp[1][1] = 1;4 y( `5 F4 }8 Z6 Y+ g* C
- for (int i = 2; i <= n; i++) {
: `( p" P' i- Q8 ]& ^& N - for (int j = 1; j <= i; j++) {, v: _1 u1 q1 b( S
- dp[i][j] = (dp[i - 1][j] * (i - 1) + dp[i - 1][j - 1]) % mod;
" N: s$ T+ b- y& W3 r - }% H" f, W! ^6 m: ]
- }
. `0 Z) a G7 x" @ - return (int) dp[n][k];
; x0 e8 L" D ?* `+ L& F3 y4 _! h - }/ K J: N" Y9 o, a
- }
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# j1 s0 |* k1 b7 R: R. `, g' C2 d
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